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> 作者：დ旧言~
> 座右铭：松树千年终是朽，槿花一日自为荣。> 目标：了解什么是贪心算法，并且掌握贪心算法。
> 毒鸡汤：有些事情，总是不明白，所以我不会坚持。早安!
> 专栏选自：贪心算法_დ旧言~的博客-CSDN博客
> 望小伙伴们点赞👍收藏✨加关注哟💕💕
一、算法讲解
贪心算法的定义：
贪心算法是指在对问题求解时，总是做出在当前看来是最好的选择。也就是说，不从整体最优上加以考虑，只做出在某种意义上的局部最优解。贪心算法不是对所有问题都能得到整体最优解，关键是贪心策略的选择，选择的贪心策略必须具备无后效性，即某个状态以前的过程不会影响以后的状态，只与当前状态有关。
解题的一般步骤是：
- 建立数学模型来描述问题；
- 把求解的问题分成若干个子问题；
- 对每一子问题求解，得到子问题的局部最优解；
- 把子问题的局部最优解合成原来问题的一个解。
如果大家比较了解动态规划，就会发现它们之间的相似之处。最优解问题大部分都可以拆分成一个个的子问题，把解空间的遍历视作对子问题树的遍历，则以某种形式对树整个的遍历一遍就可以求出最优解，大部分情况下这是不可行的。贪心算法和动态规划本质上是对子问题树的一种修剪，两种算法要求问题都具有的一个性质就是子问题最优性(组成最优解的每一个子问题的解，对于这个子问题本身肯定也是最优的)。
动态规划方法代表了这一类问题的一般解法，我们自底向上构造子问题的解，对每一个子树的根，求出下面每一个叶子的值，并且以其中的最优值作为自身的值，其它的值舍弃。而贪心算法是动态规划方法的一个特例，可以证明每一个子树的根的值不取决于下面叶子的值，而只取决于当前问题的状况。换句话说，不需要知道一个节点所有子树的情况，就可以求出这个节点的值。由于贪心算法的这个特性，它对解空间树的遍历不需要自底向上，而只需要自根开始，选择最优的路，一直走到底就可以了。
二、算法习题
2.1、第一题
题目链接：860. 柠檬水找零 - 力扣（LeetCode）
题目描述：
算法思路：
a. 遇到 5 元钱，直接收下；
b. 遇到 10 元钱，找零 5 元钱之后，收下；
c. 遇到 20 元钱：
- 先尝试凑 10 + 5 的组合；
- 如果凑不出来，拼凑 5 + 5 + 5 的组合；
代码呈现：
class Solution {
public:bool lemonadeChange(vector<int>& bills) {int five = 0, ten = 0;for (auto x : bills) {if (x == 5)five++; // 5 元：直接收下else if (x == 10) // 10 元：找零 5 元{if (five == 0)return false;five--;ten++;} else // 20 元：分情况讨论{if (ten && five) // 贪⼼{ten--;five--;} else if (five >= 3) {five -= 3;} elsereturn false;}}return true;}
};2.2、第二题
题目链接：2208. 将数组和减半的最少操作次数 - 力扣（LeetCode）
题目描述：
算法思路：
- 每次挑选出「当前」数组中「最⼤」的数，然后「减半」；
- 直到数组和减少到⾄少⼀半为⽌。
为了「快速」挑选出数组中最⼤的数，我们可以利⽤「堆」这个数据结构。
代码呈现：
class Solution {
public:int halveArray(vector<int>& nums) {priority_queue<double> heap; // 创建⼀个⼤根堆double sum = 0.0;for (int x : nums) // 把元素都丢进堆中，并求出累加和{heap.push(x);sum += x;}sum /= 2.0; // 先算出⽬标和int count = 0;while (sum > 0) // 依次取出堆顶元素减半，直到减到之前的⼀半以下{double t = heap.top() / 2.0;heap.pop();sum -= t;count++;heap.push(t);}return count;}
};2.3、第三题
题目链接：179. 最大数 - 力扣（LeetCode）
题目描述：
算法思路：
可以先优化：
将所有的数字当成字符串处理，那么两个数字之间的拼接操作以及⽐较操作就会很⽅便。
贪⼼策略：
按照题⽬的要求，重新定义⼀个新的排序规则，然后排序即可。
排序规则：
- 「A 拼接 B」 ⼤于 「B 拼接 A」，那么 A 在前，B 在后；
- 「A 拼接 B」 等于 「B 拼接 A」，那么 A B 的顺序⽆所谓；
- 「A 拼接 B」 ⼩于 「B 拼接 A」，那么 B 在前，A 在后
代码呈现：
class Solution {
public:string largestNumber(vector<int>& nums) {// 优化：把所有的数转化成字符串vector<string> strs;for (int x : nums)strs.push_back(to_string(x));// 排序sort(strs.begin(), strs.end(), [](const string& s1, const string& s2) {return s1 + s2 > s2 + s1;});// 提取结果string ret;for (auto& s : strs)ret += s;if (ret[0] == '0')return "0";return ret;}
};2.4、第四题
题目链接：376. 摆动序列 - 力扣（LeetCode）
题目描述：
算法思路：
对于某⼀个位置来说：
- 如果接下来呈现上升趋势的话，我们让其上升到波峰的位置；
- 如果接下来呈现下降趋势的话，我们让其下降到波⾕的位置。
- 因此，如果把整个数组放在「折线图」中，我们统计出所有的波峰以及波⾕的个数即可
代码呈现：
class Solution {
public:int wiggleMaxLength(vector<int>& nums) {int n = nums.size();if (n < 2)return n;int ret = 0, left = 0;for (int i = 0; i < n - 1; i++) {int right = nums[i + 1] - nums[i]; // 计算接下来的趋势if (right == 0)continue; // 如果⽔平，直接跳过if (right * left <= 0)ret++; // 累加波峰或者波⾕left = right;}return ret + 1;}
};2.5、第五题
题目链接：300. 最长递增子序列 - 力扣（LeetCode）
题目描述：
算法思路：
- 我们在考虑最⻓递增⼦序列的⻓度的时候，其实并不关⼼这个序列⻓什么样⼦，我们只是关⼼最后⼀个元素是谁。这样新来⼀个元素之后，我们就可以判断是否可以拼接到它的后⾯。
- 因此，我们可以创建⼀个数组，统计⻓度为 x 的递增⼦序列中，最后⼀个元素是谁。为了尽可能让这个序列更⻓，我们仅需统计⻓度为 x 的所有递增序列中最后⼀个元素的「最⼩值」。
- 统计的过程中发现，数组中的数呈现「递增」趋势，因此可以使⽤「⼆分」来查找插⼊位置。
代码呈现：
class Solution {
public:int lengthOfLIS(vector<int>& nums) {int n = nums.size();vector<int> ret;ret.push_back(nums[0]);for (int i = 1; i < n; i++) {if (nums[i] > ret.back()) // 如果能接在最后⼀个元素后⾯，直接放{ret.push_back(nums[i]);} else {// ⼆分插⼊位置int left = 0, right = ret.size() - 1;while (left < right) {int mid = (left + right) >> 1;if (ret[mid] < nums[i])left = mid + 1;elseright = mid;}ret[left] = nums[i]; // 放在 left 位置上}}return ret.size();}
};2.6、第六题
题目链接：334. 递增的三元子序列 - 力扣（LeetCode）
题目描述：
算法思路：
不⽤⼀个数组存数据，仅需两个变量即可。也不⽤⼆分插⼊位置，仅需两次⽐较就可以找到插⼊位
置。
代码呈现：
class Solution {
public : bool increasingTriplet(vector<int>& nums)
{int a = nums[0], b = INT_MAX;for (int i = 1; i < nums.size(); i++) {if (nums[i] > b)return true;else if (nums[i] > a)b = nums[i];elsea = nums[i];}return false;}
};三、结束语
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